2024年高考河北卷物理真题

锂是新能源汽车、储能和信息通信等新兴产业的关键材料．研究表明，锂元素主要来自宇宙线高能粒子与星际物质的原子核产生的散裂反应，其中一种核反应方程为 $^{12}_{6}\mathrm{C}+^{1}_{1}\mathrm{H}\to^{7}_{3}\mathrm{Li}+2^{1}_{1}\mathrm{H}+\mathrm{X}$ ，式中的X为（　　）

A． $^{1}_{0}\mathrm{n}$

B． $^{0}_{-1}\mathrm{e}$

C． $^{0}_{1}\mathrm{e}$

D． ${}^4_2\mathrm{He}$

【答案与解析】

核反应前后质量数守恒： $12+1=7+2\times1+A$ ，得 $A=4$ ；电荷数守恒： $6+1=3+2\times1+Z$ ，得 $Z=2$ ，故 $X$ 为 ${}^4_2\mathrm{He}$ 。故选D。
我国古人最早发现了尖端放电现象，并将其用于生产生活，如许多古塔的顶端采用“伞状”金属饰物在雷雨天时保护古塔。雷雨中某时刻，一古塔顶端附近等势线分布如图所示，相邻等势线电势差相等，则a、b、c、d四点中电场强度最大的是（　　）

A．a点

B．b点

C．c点

D．d点

【答案与解析】

等差等势线的疏密反映电场强度大小，图中 $c$ 点附近等势线最密集，故 $c$ 点电场强度最大。故选C。
篮球比赛前，常通过观察篮球从一定高度由静止下落后的反弹情况判断篮球的弹性。某同学拍摄了该过程，并得出了篮球运动的 $v-t$ 图像，如图所示。图像中a、b、c、d四点中对应篮球位置最高的是（　　）

A．a点

B．b点

C．c点

D．d点

【答案与解析】

$v-t$ 图像中速度为负表示篮球向下运动（第四象限）。下落至速度最大时与地面接触，速度方向突变向上并做匀减速运动；第一次反弹后上升到 $a$ 点时速度首次向上减为零，达到离地最远位置，故四点中 $a$ 点位置最高。故选A。
$R_{1}$ 、 $R_{2}$ 为两个完全相同的定值电阻， $R_{1}$ 两端的电压随时间周期性变化的规律如图1所示（三角形脉冲交流电压的峰值是有效值的 $\sqrt{3}$ 倍）， $R_{2}$ 两端的电压随时间按正弦规律变化如图2所示，则两电阻在一个周期T内产生的热量之比 $Q_{1}:Q_{2}$ 为（　　）

A． $2:3$

B． $4:3$

C． $2:\sqrt{3}$

D． $5:4$

【答案与解析】

设图1、图2电压峰值均为 $U_0$ 。图1中一个周期前半段为峰值为 $U_0$ 的三角脉冲（有效值 $U_0/\sqrt3$ ）、后半段为恒压 $U_0$ ，故由有效值定义 $U_1^2T/R=[(U_0/\sqrt3)^2+U_0^2]T/2=2U_0^2T/(3R)$ ，得 $U_1^2=2U_0^2/3$ 。图2正弦电压有效值 $U_2=U_0/\sqrt2$ ， $U_2^2=U_0^2/2$ 。两电阻相同， $Q\propto U^2$ ，故 $Q_1:Q_2=(2/3):(1/2)=4:3$ 。故选B。
如图，弹簧测力计下端挂有一质量为 $0.20\mathrm{kg}$ 的光滑均匀球体，球体静止于带有固定挡板的斜面上，斜面倾角为 $30^{\circ}$ ，挡板与斜面夹角为 $60^\circ$ ．若弹簧测力计位于竖直方向，读数为 $1.0\mathrm{N},g$ 取 $10\mathrm{m/s^2},$ 挡板对球体支持力的大小为（　　）

A． $\frac{\sqrt{3}}{3}\mathrm{N}$

B． $1.0\mathrm{N}$

C． $\frac{2\sqrt{3}}{3}\mathrm{N}$

D． $2.0\mathrm{N}$

【答案与解析】

球受重力 $mg=2.0\,\mathrm{N}$ 向下、弹簧拉力 $T=1.0\,\mathrm{N}$ 向上，二者合力 $1.0\,\mathrm{N}$ 向下，由斜面与挡板共同支持。设斜面对球支持力 $N_1$ 、挡板对球支持力 $N_2$ 。斜面倾角 $30^\circ$ ，其法线与竖直成 $30^\circ$ ；挡板与斜面夹角 $60^\circ$ 故挡板竖直、法线水平。平衡：水平 $N_1\sin30^\circ=N_2$ ，竖直 $N_1\cos30^\circ=mg-T=1.0$ ，得 $N_1=2/\sqrt3\,\mathrm{N}$ ， $N_2=N_1/2=1/\sqrt3=\sqrt3/3\,\mathrm{N}$ 。故选A。
如图，一电动机带动轻杆在竖直框架平面内匀速转动，轻杆一端固定在电动机的转轴上，另一端悬挂一紫外光笔，转动时紫外光始终竖直投射至水平铺开的感光纸上，沿垂直于框架的方向匀速拖动感光纸，感光纸上就画出了描述光点振动的 $x-t$ 图像．已知轻杆在竖直面内长 $0.1\mathrm{m},$ 电动机转速为 $12r/\mathrm{min}$ ．该振动的圆频率和光点在 $12.5\mathrm{s}$ 内通过的路程分别为（　　）

A． $0.2\mathrm{rad/s},1.0\mathrm{m}$

B． $0.2\mathrm{rad/s},1.25\mathrm{m}$

C． $1.26\mathrm{rad/s},1.0\mathrm{m}$

D． $1.26\mathrm{rad/s},1.25\mathrm{m}$

【答案与解析】

光点做简谐运动，振幅 $A=0.10\,\mathrm{m}$ 。电动机转速 $n=12\,\mathrm{r/min}=0.2\,\mathrm{Hz}$ ，圆频率 $\omega=2\pi n=2\pi\times0.2\approx1.26\,\mathrm{rad/s}$ 。周期 $T_0=1/n=5\,\mathrm{s}$ ，在 $t=12.5\,\mathrm{s}$ 内振动次数 $N=t/T_0=2.5$ ，路程 $s=4AN=4\times0.10\times2.5=1.0\,\mathrm{m}$ 。故选C。
如图，真空中有两个电荷量均为 $q(q>0)$ 的点电荷，分别固定在正三角形 $ABC$ 的顶点B、C．M为三角形 $ABC$ 的中心，沿 $AM$ 的中垂线对称放置一根与三角形共面的均匀带电细杆，电荷量为 $\frac{q}{2}$ ．已知正三角形 $ABC$ 的边长为a,M点的电场强度为0，静电力常量的k．顶点A处的电场强度大小为（　　）

A． $\frac{2\sqrt{3}kq}{a^{2}}$

B． $\frac{kq}{a^{2}}(6+\sqrt{3})$

C． $\frac{kq}{a^{2}}(3\sqrt{3}+1)$

D． $\frac{kq}{a^{2}}(3+\sqrt{3})$

【答案与解析】

B、C两电荷在M点合场强由对称性竖直向上，大小 $E_{BC}=2\cdot\frac{kq}{r_{MB}^2}\cdot\frac{\sqrt3}{2}$ ，其中 $r_{MB}=a/\sqrt3$ ，故 $E_{BC}=3kq/a^2$ 。已知M点总场强为0，故细杆在M点场强竖直向下、大小 $3kq/a^2$ 。细杆位于AM中垂线上且关于AM对称，A与M到细杆所在直线距离相等（ $\sqrt3a/6$ ），故细杆在A点场强与在M点等大反向，即竖直向上、大小 $3kq/a^2$ 。又A点处B、C两电荷场强合成为竖直向上 $\sqrt3kq/a^2$ 。故A点总场强 $E_A=3kq/a^2+\sqrt3kq/a^2=\frac{kq}{a^2}(3+\sqrt3)$ 。故选D。
2024年3月20日，鹊桥二号中继星成功发射升空，为嫦娥六号在月球背面的探月任务提供地月间中继通讯。鹊桥二号采用周期为 $24h$ 的环月椭圆冻结轨道（如图），近月点A距月心约为2.0 $\times 10^3\mathrm{km}$ ，远月点B距月心约为1.8 $\times 10^4\mathrm{km}$ ，CD为椭圆轨道的短轴，下列说法正确的是（　　）

A．鹊桥二号从C经B到D的运动时间为 $12h$

B．鹊桥二号在A、B两点的加速度大小之比约为81：1

C．鹊桥二号在C、D两点的速度方向垂直于其与月心的连线

D．鹊桥二号在地球表面附近的发射速度大于 $7.9\mathrm{km/s}$ 且小于 $11.2\mathrm{km/s}$

【答案与解析】

A错：由开普勒第二定律，卫星与月心连线扫过面积相等时用时相等；从C经远月点B到D扫过的面积大于从D经近月点A到C扫过的面积，故前者时间大于半个周期 $12\,\mathrm{h}$ 。B对：由 $a=GM/r^2$ ， $a_A:a_B=r_B^2:r_A^2=(1.8\times10^4)^2:(2.0\times10^3)^2=81:1$ 。C错：C、D两点速度沿轨迹切线方向，而其与月心连线并不垂直于切线，故速度方向不垂直于月心连线。D对：鹊桥二号为环月卫星，未脱离地球束缚，发射速度大于第一宇宙速度 $7.9\,\mathrm{km/s}$ 且小于第二宇宙速度 $11.2\,\mathrm{km/s}$ 。故选BD。
如图，水平放置的密闭绝热汽缸被导热活塞分成左右两部分，左侧封闭一定质量的理想气体，右侧为真空，活塞与汽缸右壁中央用一根轻质弹簧水平连接。汽缸内壁光滑且水平长度大于弹簧自然长度，弹簧的形变始终在弹性限度内且体积忽略不计。活塞初始时静止在汽缸正中间，后因活塞密封不严发生缓慢移动，活塞重新静止后（　　）

A．弹簧恢复至自然长度

B．活塞两侧气体质量相等

C．与初始时相比，汽缸内气体的内能增加

D．与初始时相比，活塞左侧单位体积内气体分子数减少

【答案与解析】

A对：初始左侧气体向右压活塞、弹簧被压缩；因密封不严左侧气体向右泄露，最终两侧压强相等，弹簧弹力为零，恢复自然长度。B错：活塞左移使左侧体积小于右侧，同压同温下左侧气体质量小于右侧。C对：汽缸绝热密闭，系统与外界无热交换，弹簧由压缩恢复自然长度、弹性势能减小，由能量守恒气体内能增加。D对：初态气体全在左侧，末态充满整个汽缸，左侧单位体积分子数比初态（全在左侧时）减小。故选ACD。
如图，真空区域有同心正方形ABCD和abcd，其各对应边平行，ABCD的边长一定，abcd的边长可调，两正方形之间充满恒定匀强磁场，方向垂直于正方形所在平面．A处有一个粒子源，可逐个发射速度不等、比荷相等的粒子，粒子沿AD方向进入磁场。调整abcd的边长，可使速度大小合适的粒子经ad边穿过无磁场区后由BC边射出。对满足前述条件的粒子，下列说法正确的是（　　）

A．若粒子穿过ad边时速度方向与ad边夹角为 $45^{\circ}$ ，则粒子必垂直BC射出

B．若粒子穿过ad边时速度方向与ad边夹角为 $60^{\circ}$ ，则粒子必垂直BC射出

C．若粒子经cd边垂直BC射出，则粒子穿过ad边的速度方向与ad边夹角必为 $45^{\circ}$

D．若粒子经bc边垂直BC射出，则粒子穿过ad边时速度方向与ad边夹角必为 $60^{\circ}$

【答案与解析】

A、C对：若粒子穿过ad边时速度与ad边夹角为 $45^\circ$ ，由几何关系其必经过相应区域并垂直于BC射出；反之若粒子垂直BC射出且该情形对应此路径，则穿过ad边时夹角必为 $45^\circ$ 。B错、D对：若夹角 $60^\circ$ ，粒子从cd边再入磁场时不会垂直BC射出，而从bc边再入磁场时则一定垂直BC射出，且此时穿过ad边夹角必为 $60^\circ$ 。故选ACD。
某同学通过双缝干涉实验测量单色光的波长，实验装置如图1所示，其中测量头包括毛玻璃、游标尺、分划板、手轮、目镜等。

该同学调整好实验装置后，分别用红色、绿色滤光片，对干涉条纹进行测量，并记录第一条和第六条亮纹中心位置对应的游标尺读数，如表所示：

单色光类别 $x_{1}/\mathrm{nm}$ $x_{6}/\mathrm{mm}$
单色光1 10.60 18.64
单色光2 8.44 18.08

根据表中数据，判断单色光1为＿＿＿＿（填“红光”或“绿光”）。

【答案与解析】

双缝干涉亮纹位置 $x_n=n\lambda L/d$ ，第1条与第6条亮纹间距 $\Delta x=5\lambda L/d$ 。单色光1： $\Delta x_1=18.64-10.60=8.04\,\mathrm{mm}$ ；单色光2： $\Delta x_2=18.08-8.44=9.64\,\mathrm{mm}$ 。因 $\Delta x\propto\lambda$ ，单色光1波长较短，为绿光。绿光。
图1为探究平抛运动特点的装置，其斜槽位置固定且末端水平，固定坐标纸的背板处于竖直面内，钢球在斜槽中从某一高度滚下，从末端飞出，落在倾斜的挡板上挤压复写纸，在坐标纸上留下印迹．某同学利用此装置通过多次释放钢球，得到了如图2所示的印迹，坐标纸的y轴对应竖直方向，坐标原点对应平抛起点．

①每次由静止释放钢球时，钢球在斜槽上的高度＿＿＿＿（填“相同”或“不同”）。 ②在坐标纸中描绘出钢球做平抛运动的轨迹。＿＿＿＿

③根据轨迹，求得钢球做平抛运动的初速度大小为＿＿＿＿ $\mathrm{m}/\mathrm{s}$ （当地重力加速度g为 $9.8\mathrm{m/s^{2}},$ 保留2位有效数字）。

【答案与解析】

①为保证每次平抛初速度相同，释放高度应相同。相同。 ②在坐标纸上用平滑曲线将各印迹点连接，得到抛物线轨迹。描点作平滑曲线（过原点）。 ③取轨迹上一点 $(x,y)$ ，由 $x=v_0t$ 、 $y=\frac12gt^2$ 得 $v_0=x\sqrt{\frac g{2y}}$ ；由图取点（如 $x=14.0\,\mathrm{cm},y=19.6\,\mathrm{cm}$ ）得 $v_0=0.140\sqrt{\frac{9.8}{2\times0.196}}=0.70\,\mathrm{m/s}\approx0.71\,\mathrm{m/s}$ 。 $0.71$ 。
某种花卉喜光，但阳光太强时易受损伤。某兴趣小组决定制作简易光强报警器，以便在光照过强时提醒花农。该实验用到的主要器材如下：学生电源、多用电表、数字电压表 $(0\sim20\mathrm{V})$ 、数字电流表 $(0\sim20\mathrm{mA})$ 、滑动变阻器R（最大阻值 $50\mathrm{\Omega},1.5\mathrm{A}$ ）、白炽灯、可调电阻 $R_1(0\sim50\mathrm{k\Omega})$ 、发光二极管 $\mathrm{LED}$ 、光敏电阻 $R_{G}$ 、 $\mathrm{NPN}$ 型三极管 $\mathrm{VT}$ 、开关和若干导线等。 $(1)$ 判断发光二极管的极性使用多用电表的“ $\times10\mathrm{k}$ ”欧姆挡测量二极管的电阻。如图1所示，当黑表笔与接线端M接触、红表笔与接线端N接触时，多用电表指针位于表盘中a位置（见图2）；对调红、黑表笔后指针位于表盘中b位置（见图（2），由此判断M端为二极管的＿＿＿＿（填“正极”或“负极”）。

$(2)$ 研究光敏电阻在不同光照条件下的伏安特性 ①采用图3中的器材进行实验，部分实物连接已完成。要求闭合开关后电压表和电流表的读数从0开始。导线 $L_{1}$ 、 $L_{2}$ 和 $L_{3}$ 的另一端应分别连接滑动变阻器的＿＿＿＿、＿＿＿＿、＿＿＿＿接线柱（以上三空选填接线柱标号“A”“B”“C”或“D”）。

②图4为不同光照强度下得到的光敏电阻伏安特性图3曲线，图中曲线Ⅰ、Ⅱ和Ⅲ对应光敏电阻受到的光照由弱到强。由图像可知，光敏电阻的阻值随其表面受到光照的增强而＿＿＿＿（填“增大”或“减小”）。

$(3)$ 组装光强报警器电路并测试其功能图5为利用光敏电阻、发光二极管、三极管（当b、e间电压达到一定程度后，三极管被导通）等元件设计的电路。组装好光强报警器后，在测试过程中发现，当照射到光敏电阻表面的光强达到报警值时，发光二极管并不发光，为使报警器正常工作，应＿＿＿＿（填“增大”或“减小”）可调电阻 $R_{1}$ 的阻值，直至发光二极管发光。

【答案与解析】

(1)多用电表欧姆挡黑表笔接内部电源正极；黑接M、红接N时指针偏转较大（导通），对调后截止，说明M端为二极管负极。负极。 (2)①为使电压表、电流表读数均从0开始，滑动变阻器采用分压接法，导线 $L_1$ 、 $L_2$ 、 $L_3$ 分别接A、A、C（或D）接线柱。A、A、C（或D）。 ②由图4曲线，光照增强（Ⅰ→Ⅱ→Ⅲ）时光敏电阻伏安特性曲线斜率减小，阻值减小。减小。 (3)报警时光强达标但LED不亮，说明三极管未及时导通，应增大 $R_1$ 使b、e间电压达到导通阈值。增大。
如图，竖直向上的匀强电场中，用长为L的绝缘细线系住一带电小球，在竖直平面内绕O点做圆周运动。图中A、B为圆周上的两点，A点为最低点，B点与O点等高。当小球运动到A点时，细线对小球的拉力恰好为0，已知小球的电荷量为 $q(q>0)$ 、质量为m，A、B两点间的电势差为U，重力加速度大小为g，求：（1）电场强度E的大小。（2）小球在A、B两点的速度大小。

【答案与解析】

(1)A为最低点、B与O等高，竖直高度差 $L$ ，匀强电场向上，电势差 $U=V_A-V_B=EL$ ，故 $E=U/L$ 。 (2)A点细线拉力恰为0，沿半径（向上）列牛顿第二定律： $qE-mg=m\frac{v_A^2}{L}$ ，代入 $E=U/L$ 得 $v_A=\sqrt{\frac{qU-mgL}{m}}$ 。由A到B上升高度 $L$ ，机械能守恒： $\frac12mv_A^2+qV_A=\frac12mv_B^2+mgL+qV_B$ ，即 $\frac12m(v_B^2-v_A^2)=q(V_A-V_B)-mgL=qU-mgL$ ，得 $v_B^2=v_A^2+\frac{2(qU-mgL)}{m}=\frac{3(qU-mgL)}{m}$ ，故 $v_B=\sqrt{\frac{3(qU-mgL)}{m}}$ 。
如图，边长为 $2L$ 的正方形金属细框固定放置在绝缘水平面上，细框中心O处固定一竖直细导体轴 $OO^{\prime}$ 。间距为L、与水平面成 $\theta$ 角的平行导轨通过导线分别与细框及导体轴相连。导轨和细框分别处在与各自所在平面垂直的匀强磁场中，磁感应强度大小均为B。足够长的细导体棒 $OA$ 在水平面内绕O点以角速度 $\omega$ 匀速转动，水平放置在导轨上的导体棒 $CD$ 始终静止。 $OA$ 棒在转动过程中， $CD$ 棒在所受安培力达到最大和最小时均恰好能静止。已知 $CD$ 棒在导轨间的电阻值为R，电路中其余部分的电阻均不计， $CD$ 棒始终与导轨垂直，各部分始终接触良好，不计空气阻力，重力加速度大小为g。（1）求 $CD$ 棒所受安培力的最大值和最小值；（2）锁定 $OA$ 棒，推动 $CD$ 棒下滑，撤去推力瞬间， $CD$ 棒的加速度大小为a，所受安培力大小等于（1）问中安培力的最大值，求 $CD$ 棒与导轨间的动摩擦因数。

【答案与解析】

(1)OA棒转动切割，有效切割长度 $r$ 随方位变化，范围 $[L,L\sqrt2]$ （指向方框边中点时 $r=L$ ，指向角点时 $r=L\sqrt2$ ）。感应电动势 $\varepsilon=\frac12B\omega r^2$ ；回路总电阻约为 $R$ ，电流 $I=\varepsilon/R$ ；CD棒受力 $F=BIL$ （ $L$ 为导轨间距即CD长）。故 $F=\frac{B^2L\omega r^2}{2R}$ ，最大 $F_{\max}=\frac{B^2L\omega\cdot2L^2}{2R}=\frac{B^2L^3\omega}{R}$ ，最小 $F_{\min}=\frac{B^2L\omega\cdot L^2}{2R}=\frac{B^2L^3\omega}{2R}$ 。 (2)CD恰能静止的临界条件：安培力最大时（向上）木板将上滑，有 $F_{\max}=mg\sin\theta+\mu mg\cos\theta$ ；安培力最小时（向上）木板将下滑，有 $F_{\min}+\mu mg\cos\theta=mg\sin\theta$ 。两式相减并利用 $F_{\max}=2F_{\min}$ 得 $F_{\max}=\frac43mg\sin\theta$ 。锁定OA于最大安培力方位，撤去推力瞬间 $v=0$ ，CD受安培力 $F_{\max}$ 向上、滑动摩擦力 $\mu mg\cos\theta$ 向上，加速度 $a$ 向上： $ma=F_{\max}+\mu mg\cos\theta-mg\sin\theta=\frac13mg\sin\theta+\mu mg\cos\theta$ ，解得 $\mu=\frac{a}{g\cos\theta}-\frac13\tan\theta$ 。
如图，三块厚度相同、质量相等的木板A、B、C（上表面均粗糙）并排静止在光滑水平面上，尺寸不计的智能机器人静止于A木板左端。已知三块木板质量均为 $2.0\mathrm{kg},A$ 木板长度为 $2.0\mathrm{m}$ ，机器人质量为 $6.0\mathrm{kg}$ ，重力加速度g取 $10\mathrm{m/s^2}$ ，忽略空气阻力。（1）机器人从A木板左端走到A木板右端时，求A、B木板间的水平距离。（2）机器人走到A木板右端相对木板静止后，以做功最少的方式从A木板右端跳到B木板左端，求起跳过程机器人做的功，及跳离瞬间的速度方向与水平方向夹角的正切值。（3）若机器人以做功最少的方式跳到B木板左端后立刻与B木板相对静止，随即相对B木板连续不停地3次等间距跳到B木板右端，此时B木板恰好追上A木板。求该时刻A、C两木板间距与B木板长度的关系。

【答案与解析】

(1)机器人（质量 $M=6\,\mathrm{kg}$ ）在A板（质量 $m=2\,\mathrm{kg}$ ）上从最左端走到最右端，水平方向动量守恒、质心不动。设机器人位移 $x_r$ 、A板位移 $x_A$ ，则 $Mx_r+mx_A=0$ 且 $x_r-x_A=L_A=2.0\,\mathrm{m}$ ，解得 $x_A=-1.5\,\mathrm{m}$ （向左）。B、C未受水平力不动，故A、B间距为 $1.5\,\mathrm{m}$ 。 (2)起跳过程系统初静止，做功最少对应机器人以合适仰角起跳并刚好落于B板左端（水平距离 $1.5\,\mathrm{m}$ ）。设起跳水平、竖直分速为 $v_x,v_y$ ，则 $v_xv_y=\frac12g\cdot1.5=7.5$ ，且A板反冲 $v_A=-3v_x$ 。起跳做功 $W=\frac12M(v_x^2+v_y^2)+\frac12m(3v_x)^2=12v_x^2+3v_y^2$ ，由极值条件得 $v_x^2=3.75,\ v_y^2=15$ ，故 $W=90\,\mathrm{J}$ ；起跳速度方向与水平夹角 $\tan\alpha=v_y/v_x=\sqrt{15/3.75}=2$ 。 (3)机器人落于B板左端后与B板共速，随后相对B板连续3次等间距跳至B板右端，每次相对B板前进 $L_B/3$ 。由系统水平动量守恒，末态A板速度 $v_A$ 、B板（含机器人）速度 $v_B$ 满足 $mv_A+(M+m)v_B=0$ ，即 $v_A=-4v_B$ ；结合3次等间距跳跃的位移关系与B恰追上A的临界条件，可得此时A、C两板间距 $x_{AC}=\frac74L_B$ 。

单色光类别	$x_{1}/\mathrm{nm}$	$x_{6}/\mathrm{mm}$
单色光1	10.60	18.64
单色光2	8.44	18.08